2017化学导与练课后作业答案

2017化学导与练课后作业答案篇一

【导与练】2017年高中物理 第1章 静电场检测试题(含解析)

第1章 静电场

(时间:90分钟 满分:100分)

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一、选择题(共12小题,每小题4分,共48分.1～6小题为单项选择题,7～12小题为多项选择题,选对但不全的得2分)

1.如图所示,A,B为两块竖直放置的平行金属板,G是静电计,开关S合上后,静电计指针张开一个角度.下述做法可使指针张角增大的是( D )

A.

使A,B两板靠近些

B.使A,B两板正对面积错开些

C.断开S后,使B板向左平移减小板间距离

D.断开S后,使A,B板错位正对面积减小

解析:电容器与电源相连时,板间电压不变,指针张角增大表明两平行金属板间电压增大,所以选项A,B均错;断开S后,电容器所带电荷量不变,由C=知,电容C减小.根据电容C=知,可增大板间距离或减小两板正对面积,选项C错误,D正确.

2. 正电荷均匀分布在半球面上,它们在此半球的球心O处产生的电场强度大小为E0,现将一个通过O点且与半球底面成θ=60°的平面把半球面切分出一个“小瓣”球面,如图所示,所分出的“小瓣”球面上的电荷在O点处产生电场的电场强度大小为( B )

A.E0 B.E0 C.E0 D.E0

解析: 半球的中心O处的电场强度E0是球面上电荷产生的电场叠加的结果,根据对称性,作出球面上的电荷在O点产生的电场分布,如图所示.

由平行四边形定则得到“小瓣”球面上的电荷在O处产生的电场强度为E=E0sin 30°=,选项B正确.

3. 两块大平行金属板A,B间存在电场强度为E的匀强电场,场强方向由B指向A,并将B板接地作为零电势点,如图所示,现将正电荷逆着电场线方向由A板移到B板,若用x表示移动过程中该正电荷到A板的距离,则其电势能Ep随x变化的图线为图中的( C

)

解析:场强E的方向水平向左(由B指向A),B板接地B=0,则A,B板

内各点电势均为负值,则距A板x处的某点的电势能Ep=q(x-B)=

qUxB=-Eq(d-x),由此可判断选项C正确.

4. 如图所示,在等量异种电荷形成的电场中,画一正方形ABCD,对角线AC与两点电荷连线重合,两对角线交点O恰为电荷连线的中点.下列说法中正确的是( B

)

A.A,C两点的电场强度及电势均相同

B.B,D两点的电场强度及电势均相同

C.一电子由B点沿B→C→D路径移至D点,电势能先减小后增大

D.一质子由C点沿C→O→A路径移至A点,静电力对其先做负功后做正功

解析:在电场中EA=EC,A点电势大于C点,故选项A错误;由于B,D两点关于O点对称,因此其场强大小相等,方向均水平向右,中垂线为等势线,故选项B正确;电子由B沿B→C运动到C过程中,靠近负电荷远离正电荷,因此静电力做负功,电势能增大,沿C→D运动到D过程中,靠近正电荷远离负电荷,静电力做正功,电势能减小,故整个过程中电势能先增大后减小,故选项C错误;图中两电荷连线电场方向水平向右,即由A指向C,质子受静电力水平向右,故质子由C点沿C→O→A路径移至A点过程中静电力做负功,故选项D错误.

5. 如图所示,实线为一点电荷Q形成的电场中的几条电场线(方向未标出),虚线为一电子在电场中从M点运动到N点的轨迹.若电子在运动中只受静电力的作用,则下列判断正确的是( D )

A.形成电场的点电荷Q带负电

B.电子在M点的加速度比在N点的加速度大

C.电子在M点的速度比在N点的速度大

D.电子在M点的电势能比在N点的电势能大

解析:由题图看出,电子的轨迹向上弯曲,其所受的静电力方向向上,故形成电场的点电荷Q带正电,故选项A错误;电场线的疏密表示电场强度的大小,M点电场线稀疏,所以电子在M点的静电力小,加速度也小,故选项B错误;粒子从M到N,静电力做正功,动能增大,电势能减小,所以电子在N点的速度大于在M点的速度,电子在M点的电势能比在N点的电势能大,故选项C错误、D正确.

6. 如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图像.当t=0时,在此匀强电场中由静止释放一个带正电的粒子,设带电粒子只受静电力的作用,则下列说法中正确的是( D

)

A.带电粒子将始终向同一个方向运动

B.2 s末带电粒子回到原出发点

C.3 s末带电粒子的速度不为零

D.0～3 s内,静电力做的总功为零

解析: 由牛顿第二定律可知,带电粒子在第1 s内的加速度为a1=,为第2 s内加速度a2=的,因此先加速1 s再减速0.5 s时速度为零,接下来的0.5 s将反向加速,vt图像如图所示.带电粒子在第1秒内匀加速运动,在第2秒内先做匀减速后反向加速,所以不是始终向同一方向运动,故选项A错误.根据图线与t轴围成的面积可知,在t=2 s时,带电粒子不在出发点,故选项B错误;由图可知,粒子在第3 s末的瞬时速度为0,故选项C错误;因为第3 s末粒子的速度为0,根据动能定理知静电力做功为零,故选项D正确

.

7.冬天当脱毛衫时,静电经常会跟你开个小玩笑.下列一些相关的说法中正确的是( CD )

A.在将外衣脱下的过程中,内外衣间摩擦起电,内衣和外衣所带的电荷是同种电荷

B.如果内外两件衣服可看做电容器的两极,并且在将外衣脱下的某个过程中两衣间电荷量一定,随着两衣间距离的增大,两衣间电容变小,则两衣间的电势差也将变小

C.在将外衣脱下的过程中,内外两衣间隔增大,衣物上电荷的电势能将增大(若不计放电中和)

D.脱衣时如果人体带上了正电,当手接近金属门把时,由于手与门把间空气电离会造成对人体轻微的电击

解析:根据电荷守恒知,选项A错;由C=和C∝知,当内外衣之间的距离d增大时,两衣间的电势差增大,选项B错;因为内外衣所带的是异种电荷,产生静电引力作用,故当两衣之间的距离增大时,静电力做负功,电荷的电势能增大,选项C对;由于人体带上正电荷,当手靠近金属门把时,产生静电感应现象,当两者之间的电压足以使空气电离时,产生放电现象,故人感觉到有轻微的电击,选项D也正确.

8.(2016南昌市二中月考)某同学设计了一种静电除尘装置,如图1所示,其中有一长为L、宽为b、高为d的矩形通道,其前、后面板为绝缘材料,上、下面板为金属材料.图2是装置的截面图,上、下两板与电压恒定为U的高压直流电源相连.带负电的尘埃被吸入矩形通道的水平速度为v0,当碰到下板后其所带电荷被中和,同时被收集.将被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值称为除尘率.不计尘埃的重力及尘埃之间的相互作用.要增大除尘率,下列措施可行的是( AB

)

A.只增大电压U

B.只增大长度L

C.只增大高度d

D.只增大尘埃被吸入水平速度v0

解析:带电尘埃在矩形通道在静电力的作用下做类平抛运动,电场强度为E=,在竖直方向上的加速度a==,在水平方向上做匀速直线运动,根据分运动的等时性可得,粒子的运动时间t=,故尘埃沿电场的方向上的位移为y=·(),要增大除尘率,只需增大在电场方向2

上的位移即可,选项A,B正确.

9. 如图所示,水平面绝缘且光滑,一绝缘的轻弹簧左端固定,右端有一带正电荷的小球,小球与弹簧不相连,空间存在着水平向左的匀强电场,带电小球在静电力和弹簧弹力的作用下静止,现保持电场强度的大小不变,突然将电场反向,若将此时作为计时起点,则下列描述速度与时间、加速度与位移之间变化关系的图像正确的是( AC

)

解析:电场反向后,带电小球受向右的弹力和静电力向右加速,弹簧弹力逐渐减小,小球的加速度逐渐减小,当小球离开弹簧后,由于静电力恒定,小球的加速度恒定,小球做匀变速直线运动,选项A正确,B错误;由牛顿第二定律,a=,小球在与弹簧接触过程中,ax图线为直线,选项C正确,D错误.

10. (2016汕头金山中学月考)两个固定的等量异种电荷,在它们连线的垂直平分线上有a,b,c三点,如图所示,下列说法正确的是(

BC )

A.a点的电势比b点电势高

B.a,b两点场强方向相同,b点场强比a大

C.a,b,c三点与无穷远处电势相等

D.一带电粒子(不计重力)在a点无初速释放,则它将在a,b线上运动

解析:等量异种电荷连线的中垂线上的点的电场强度方向都是垂直于中垂线指向负电荷的,所以中垂线是一条等势线,中垂线延伸到无穷远处,即和无穷远处电势相等,都为零,故A错误,C正确;由于中垂线上的电场线从中点c处向外变疏,所以电场强度向外减小,故a,b两点场强方向相同,b点场强比a点大,B正确;因为中垂线上的点的电场强度方向都是垂直中垂线指向负电荷的,所以由静止释放的电荷不会沿着中垂线运动,D错误.

11. (2016正定中学月考)如图所示,在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面,斜面上有一带电金属块沿斜面滑下,已知在金属块滑下的过程中动能增加了12 J,金属块克服摩擦力做功8 J,重力做功24 J,则以下判断正确的是( CD

)

A.金属块带负电荷

B.静电力做功4 J

C.金属块的电势能与动能之和增加了16 J

D.金属块的机械能减少12 J

解析:在金属块滑下的过程中动能增加了ΔEk=12 J,摩擦力做功Wf=

-8 J,重力做功WG=24 J,根据动能定理得W合=WG+W电+Wf=ΔEk,解得W电=-4 J,所以金属块克服静电力做功4.0 J,金属块的电势能增加4 J.由于金属块下滑,静电力做负功,由于静电力水平向右,所以金属块带正电荷,故A,B错误;金属块的动能增加12 J,电势能增加4 J,所以金属块的电势能与动能之和增加了16 J,故C正确;在金属块滑下的过程中重力做功24 J,重力势能减小24 J,动能增加了12 J,所以金属块的机械能减少12 J,故D正确.

12. 如图所示,电荷量、质量分别为q1,q2,m1,m2的两个小球用绝缘丝线悬于同一点,静止后它们恰好位于同一水平面上,细线与竖直方向夹角分别为α,β,下列说法正确的是( CD

)

2017化学导与练课后作业答案篇二

【导与练】2017年高中物理 第2章 恒定电流 习题课五 闭合电路欧姆定律的应用练习(含解析)

习题课五 闭合电路欧姆定律的应用

1.如图所示,直线OAC为某一直流电源的总功率P随电流I变化的图线,曲线OBC表示同一直流电源内部的热功率Pr随电流I变化的图线.若A,B点的横坐标均为1 A,那么AB线段表示的功率为( C

)

A.1 W B.6 W C.2 W D.2.5 W

解析:由题图不难看出,在C点,电源的总功率等于电源内部的热功率,所以电源的电动势为E=3 V,短路电流为I=3 A,所以电源的内阻为r==1 Ω.题图上AB线段表示的功率为PAB=P总-Ir=(1×3-1×1)W=2 W,故选项C正确.

2.如图所示,已知R1=R2=R3=1 Ω.当开关S闭合后,电压表的读数为1 V;当开关S断开后,电压表的读数为0.8 V,则电源的电动势等于( C

)

2

2

A.1 V B.1.2 V C.2 V D.4 V

解析:当S闭合时,I== A=1 A,故有E=I(1.5+r);

当S断开时,I′==0.8 A,故有E=I′(2+r),解得E=2 V,故选项C

正确.

3.(2016玉溪一中期中)如图所示的电路中,当变阻器R3的滑动头P向b端移动时,下列说法正确的是( B

)

A.电压表示数变大,电流表示数变小 B.电压表示数变小,电流表示数变大 C.电压表示数变大,电流表示数变大 D.电压表示数变小,电流表示数变小

解析:当变阻器R3的滑动头P向b端移动时,滑动变阻器连入电路的电阻减小,所以电路总电

阻减小,故电路总电流增大,根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir,可得路端电压减小,即电压表示数减小;电阻R1在干路上,所以通过R1的电流增大,则R1两端的电压增大,而路端电压是减小的,所以并联电路两端的电压减小,即通过R2的电流减小,而通过R2的电流与通过R3的电流之和等于总电流,总电流增大,所以通过R3的电流增大,即电流表示数增大,故选项B正确. 4.竖直放置的一对平行金属板的左极板上,用绝缘线悬挂了一个带负电的小球,将平行金属板按如图所示的电路连接,开关闭合后绝缘线与左极板间的夹角为θ.当滑动变阻器R的滑片在a位置时,电流表的读数为I1,夹角为θ1;当滑片在b位置时,电流表的读数为I2,夹角为θ2,则下列关系正确的是( A

)

A.θ1<θ2,I1<I2 B.θ1>θ2,I1>I2 C.θ1=θ2,I1=I2 D.θ1<θ2,I1=I2

解析:在滑动变阻器的滑片由a位置滑到b位置的过程中,平行金属板两端的电压增大,小球受到的静电力增大,因此夹角θ增大,即θ1<θ2;另外,电路中的总电阻减小,因此总电流增大,即I1<I2,对比各选项可知,选项A正确.

5.(2016荆州中学月考)如图所示的电路中,电源电动势为E,内阻为r,C为电容器,电流表A和电压表V均可视为理想电表.闭合开关S后,在将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中,下列说法正确的是( C

)

A.电流表A的示数变小,电压表V的示数变大 B.小灯泡L变暗

C.电源的总功率变大,效率变小

D.通过定值电阻R1的电流方向自右向左{2017化学导与练课后作业答案}.

解析:电压表测量R2两端的电压或者电容器两端的电压,当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中,滑动变阻器连入电路的电阻减小,电路总电阻减小,故电路总电流增大,所以通过灯泡L的电流增大,即小灯泡变亮,电流表示数增大;由于总电阻减小,所以根据闭合电路欧姆定律可得路端电压减小,而小灯泡两端的电压增大,所以滑动变阻器两端的电压减小,即电压表示数减小,故选项A,B错误;根据公式P=EI可得电源的总功率增大,根据公式η==可得

电源的效率减小,故选项C正确;由于电容器两端的电压减小,所以根据公式C=,可得电容器上的电荷量减小,故通过定值电阻R1的电流方向自左向右,故选项D错误.

6.(2016正定中学联考)(多选)锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中.现用充电器为一手机锂电池充电,等效电路如图所示,充电器电源的输出电压为U,输出电流为I,手机电池的内阻为r,下列说法正确的是( AC )

A.电能转化为化学能的功率为UI-Ir

2

B.充电器输出的电功率为UI+Ir

2

C.电池产生的热功率为Ir D.充电器的充电效率为×100%

解析:电能转化为化学能和热能,根据能量守恒定律有UI=Ir+P,故P=UI-Ir,选项A正确;充

2

电器输出的电功率为UI,故选项B错误;电池产生的热功率为Ir,故选项C正确;充电器的充电效率为

×100%,故选项D错误.

2

2

2

7.(2016陕西师大附中期中)(多选)如图所示电路中,电源电动势为E、内阻为r,R0为定值电阻,电容器的电容为C.闭合开关S,增大可

变电阻R的阻值,电压表示数的变化量为ΔU,电流表示数的变化量为ΔI,则下列说法正确的是( AD

)

A.变化过程中ΔU和ΔI的比值保持不变 B.电压表示数U和电流表示数I的比值不变 C.电阻R0两端电压减小,减小量为ΔU D.电容器所带电荷量增大,增加量为CΔU

解析:由闭合电路欧姆定律可知,=R0+r+rA,所以选项A正确,B错误;根据串联电路关系,可知电阻R增大,则其两端的电压增大,即选项C错误;电容器两端的电压与R两端的电压相等,根据Q=C·U可知选项D正确.

8.(2016邢台一中月考)(多选)如图所示,直线A为电源的输出电压与电流的关系图线,直线B和C分别为电阻R1,R2的电压与电流图线.用该电源分别与R1,R2组成闭合电路时,电源的输出电功率分别为P1,P2,电源的效率分别为η1,η2,则下列关系正确的是( BC

)

A.P1>P2 B.P1=P2

C.η1>η2 D.η1<η2

解析:由图线的交点可知,R1接在电源上时,电源的输出功率P1=U1I1=

8 W;R2接在电源上时,电源的输出功率P2=U2I2=8 W,故选项A错误,B正确;电源的效率η=

==,效率与路端电压成正比,R1接在电源上时路端电压大,效率高,η1>η2,故选项C正

确,D错误.

9.(2016吉林一中检测)某电子元件的电压与电流的关系如图所示,将该电子元件与一个R=8 Ω的电阻串联,再接至电动势E=3 V、内阻r= 2 Ω的电源上,试求电路中电流及电源的效率

.{2017化学导与练课后作业答案}.

解析:将电源和R视为一个新的电源,此电源的电动势E=3 V,内阻

r′=10 Ω,则此新电源的路端电压U′与电路中的总电流I的关系为U′=3-10I,此新电源的路端电压即为电子元件两端的电压.在题图中作出新电源的图像,可得交点坐标值即为电路中的实际电流值和电子元件两端的实际电压值,分别为I0=130 mA,U0=1.7 V,电源的效率η=,U=E-Ir.

联立解得η=1-,代入数据得η ≈91.3%. 答案:130 mA 91.3%

10.如图所示,R为电阻箱

为理想电压表,当电阻箱读数为R1=2 Ω时,电压表读数为U1=4 V;当电阻箱读数为R2=5 Ω时,电压表读数为U2=5 V.求

:

(1)电源的电动势E和内阻r;

(2)当电阻箱R读数为多少时,电源的输出功率最大?最大值Pm为 多少?

解析:(1)由闭合电路欧姆定律有E=U1+r

E=U2+r

联立并代入数据解得E=6 V,r=1 Ω.

(2)电功率P=

R=

当R=r=1 Ω时,P有最大值Pm==9 W.

答案:(1)6 V 1 Ω (2)1 Ω 9 W 11.如图所示,电路中电池的电动势E=5 V,内电阻r=10 Ω,固定电阻R=90 Ω,R0是可变电阻,在R0从零增加到400 Ω的过程中,求

:

(1)可变电阻R0上消耗功率最大的条件和最大热功率;

(2)电池的内电阻r和固定电阻R上消耗的最小热功率之和; (3)R0调到多少时R上消耗的功率最大,最大功率是多少? 解析:(1)可变电阻R0上消耗的热功率 P0=IR0=

2

当R0-100 Ω=0时,即R0=100 Ω,P0最大,其最大值 P大=

W= W.

(2)当电流最小时,电阻r和R消耗的热功率最小,此时R0应调到最大400 Ω,内阻r和固定电阻R上消耗的最小热功率之和为 P小=(

)(R+r)=0.01 W.

2

(3)R0=0时,电路中的总电阻最小,电路中的电流最大,此时R上有最大功率 即PR=(

)R=

2

×90 W=0.225 W.

答案:(1)R0=100 Ω

W (2)0.01 W (3)0 0.225 W

2017化学导与练课后作业答案篇三

【导与练】(全国I卷)2017年高考物理一轮复习 第2章 相互作用章末质量检测

第2章 相互作用

(时间：60分钟 满分：100分)

一、单项选择题(本题共6小题，每小题6分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。)

1.已知物体在4 N、6 N、8 N三个共点力的作用下处于平衡状态，若撤去其中8 N的力，那么其余两个力的合力大小为( )

A.4 N B.6 N C.8 N D.10 N

解析 物体在三个共点力的作用下处于平衡状态，若撤去其中一个力，那么其余两个力的合力与撤去的力等大反向。

答案 C

2.(2016·河北石家庄模拟)如图1所示，放在粗糙水平面上的物体A上叠放着物体B，A和B之间有一根处于压缩状态的弹簧，A、B均处于静止状态，下列说法中正确的是(

)

图1

A.B受到向左的摩擦力

C.地面对A的摩擦力向右 B.B对A的摩擦力向右 D.地面对A没有摩擦力

解析 压缩的弹簧对B有向左的弹力，B有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，选项A错误；A对B的摩擦力向右，由牛顿第三定律可知，B对A的摩擦力向左，选项B错误；对整体研究，根据平衡条件分析可知，地面对A没有摩擦力，选项C错误，D正确。

答案 D

3.如图2，一质量为m的正方体物块置于风洞内的水平面上，其一面与风速垂直，当风速为v0时刚好能推动该物块。已知风对物块的推力F∝Sv，其中v为风速，S为物块迎风面积。当风速变为2v0时，刚好能推动用同一材料做成的另一正方体物块，则该物块的质量为(

) 2

图2

A.4m B.8m C.32m D.64m

解析 根据题意知F＝kSv，其中k为常量，根据水平方向二力平衡有μmg＝kSv，设物块的密度为ρ，

m22326正方体物块的边长为L，则m＝ρL，S＝L，得μmg＝k()v，即m∝v，根据比值法，当风速为2v0ρ3

时，该物块的质量为64m，选项D正确。

答案 D

22

4.如图3所示，A、B为同一水平线上的两个绕绳装置，转动A、B改变绳的长度，使光滑挂钩下的重物C缓慢下降。关于此过程中绳上拉力大小的变化，下列说法中正确的是(

)

图3

A.不变

C.逐渐增大 B.逐渐减小 D.可能不变，也可能增大

解析 当光滑挂钩下的重物C缓慢下降时，设绳AC和BC与竖直方向的夹角为α，绳的拉力为F，则绳AC和BC在水平方向上的分力大小相等为Fx＝Fsin α，方向相反，是一对平衡力，绳AC和BC在竖直方向上的分力都为Fy＝Fcos α，两绳的合力与重力是一对平衡力，所以2Fy＝2Fcos α＝mg，即F＝mgC缓慢下降时，α角逐渐减小，所以两绳的拉力F都逐渐减小。 2cos α

答案 B

5.(2016·江苏扬州高三检测)在水平地面上固定一个上表面光滑的斜面体，在它上面放有质量为m的木块，用一根平行于斜面的细线连接一个轻环，并将轻环套在一根两端固定、粗糙的水平直杆上，整个系统处于静止状态，如图4所示，则杆对环的摩擦力大小为(

)

图4

A.mgsin θ

C.mgtan θ B.mgcos θ D.mgsin θcos θ

解析 设细线的弹力为F，对斜面上的物块由共点力平衡条件有F－mgsin θ＝0，对轻环由共点力平衡条件有Fcos θ－Ff＝0，解得杆对环的摩擦力大小为Ff＝mgsin θcos θ。

答案 D

16.如图5所示，一竖直挡板固定在水平地面上，图甲用一斜面将一质量为M的光滑球顶起，图乙用一圆4

14

下列说法正确的是(

)

图5

A.两种情况下挡板所受的压力都不变

B.两种情况下挡板所受的压力都增大

C.图甲中挡板所受的压力不变，图乙中挡板所受的压力减小

D.图甲中挡板所受的压力不变，图乙中挡板所受的压力先减小后增大

解析 选球为研究对象，图甲中，球受重力、挡板的弹力、斜面的支持力，由于缓慢向右推动的过程中，各力的方向不变，重力不变，所以挡板的弹力、斜面的支持力大小均不变，由牛顿第三定律知挡

1板所受压力也不变，选项B错误；图乙中球受重力、挡板的弹力、圆柱体的支持力，由于缓慢向右推4

1(示意图如图)，挡板的弹力方向不变，重力不变，4

因此挡板的弹力减小，由牛顿第三定律知，挡板所受的压力也减小，选项C正确，A、D错误。

答案 C

二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不选的得0分。)

7.如图6所示，手推车的篮子里装有一篮球，女孩把手推车沿斜面向上匀速推动，篮子的底面平行于斜面，靠近女孩的一侧面垂直于底面，下列说法正确的有(不计摩擦力)(

)

图6

A.篮子底面受到的压力大于篮球的重力

B.篮子底面受到的压力小于篮球的重力

C.篮子右侧面受到的压力大于篮球的重力

D.篮子右侧面受到的压力小于篮球的重力

解析 设斜面倾角为θ，篮球质量为m，篮子底面、右侧面对篮球的弹力分别为FN1、FN2，不计摩擦力，对篮球由共点力平衡条件有FN1－mgcos θ＝0，FN2－mgsin θ＝0。由牛顿第三定律可知，篮球对篮子底面、右侧面的压力均小于重力。选项A、C错误，B、D正确。

答案 BD

8.如图7所示，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮。A静止在倾角为45°的粗糙斜面上，B悬挂着。已知mA＝3mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°减小到30°，B不会碰到地面，则( )

图7

A.弹簧的弹力不变

B.物体A对斜面的压力将减小

C.物体A受到的静摩擦力将减小

D.弹簧的弹力及A受到的静摩擦力都不变

解析 对物体A受力分析如图所示，设此时FfA沿斜面向上，由平衡条件可得：mAgsin 45°＝F＋FfA，

3231可得FfA＝(－1)mBg，当斜面倾角为30°时，可得FfA′＝(1)mBgBg。可见，物体A受到的静222

摩擦力方向沿斜面向上，且变小，物体A不会相对斜面滑动，弹簧的弹力始终等于物体B的重力，故选项A、C正确，D错误；物体A对斜面的压力的大小由FN＝mAgcos 45°变为FN′＝mA

gcos 30°，压力变大，选项B错误。

答案 AC

9.如图8所示，斜面上放有两个完全相同的物体a、b，两物体间用一根细线连接，在细线的中点加一与斜

面垂直的拉力F，使两物体均处于静止状态。则下列说法正确的是( )

图8{2017化学导与练课后作业答案}.

A.a、b两物体的受力个数一定相同

B.a、b两物体对斜面的压力相同

C.a、b两物体受到的摩擦力大小可能不相等

D.当逐渐增大拉力F时，物体b先开始滑动

解析 对a、b进行受力分析，如图所示。物体b处于静止状态，当细线沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时，摩擦力为零，所以b可能只受3个力作用，而物体a必定受到摩擦力作用，肯定受4个力作用，选项A错误；a、b两个物体，垂直于斜面方向受力都平衡，则有：FN＋Tsin θ＝mgcos α，解得：FN＝mgcos α－Tsin θ，则a、b两物体对斜面的压力相同，选项B正确；因为b的摩擦力

可以为零，而a的摩擦力一定不为零，故选项C正确；对a沿斜面方向有：Tcos θ＋mgsin α＝fa，对b沿斜面方向有：Tcos θ－mgsin α＝fb，又因为正压力相等，所以最大静摩擦力相等，则a先达到最大静摩擦力，先滑动，故选项D错误。

答案 BC

三、非选择题(共3小题，共46分。计算题解答时请写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分。)

10.(15分)在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，先用一个弹簧测力计拉橡皮条的另一端到某一点并记下该点的位置；再将橡皮条的另一端系两根细绳，细绳的另一端都有绳套，用两个弹簧测力计分别钩住绳套，并互成角度地拉橡皮条。

(1)某同学认为在此过程中必须注意以下几项：

A.两根细绳必须等长

B.橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上

C.在使用弹簧测力计时要注意使弹簧测力计与木板平面平行

D.在用两个弹簧测力计同时拉细绳时要注意使两个弹簧测力计的读数相等

E.在用两个弹簧测力计同时拉细绳时必须将橡皮条的另一端拉到用一个弹簧测力计拉时记下的位置 其中正确的是________(填入相应的字母)。

(2)“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图9甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的示意图。

图9

①图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是________。

②本实验采用的科学方法是______(填正确答案标号)。

A.理想实验法

C.控制变量法 B.等效替代法 D.建立物理模型法

(3)某同学在坐标纸上画出了如图10所示的两个已知力F1和F2，图中小正方形的边长表示2 N，两力的合力用F表示，F1、F2与F的夹角分别为θ1和θ2，关于F1、F2与F、θ1和θ2关系正确的有________(填正确答案标号)。

2017化学导与练课后作业答案篇四

导与练2017大一轮讲义分餐识记与考前唤醒

Ⅰ—1 细胞及其分子组成

一、必背术语——这是高考命题的源泉

1．组成细胞的大量元素有

2脂肪是重要的储能物质。

3．糖类、脂质、蛋白质和核酸共有的元素是等元素，核酸中还含有元素

4．组成蛋白质的氨基酸约有20种，不同氨基酸理化性质差异的原因在于 5．DNA和RNA在分子组成上的差异表现为DNA而RNA中含有核糖和尿嘧啶。

6．DNA多样性的原因主要是碱基(脱氧核苷酸)的排列顺序不同；而蛋白质多样性的原因是组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列顺序以及肽链的空间结构不同。

7．熟记实验中的颜色反应： DNA RNA＋吡罗红(派洛宁) 还原糖＋斐林试剂――→砖红色； 脂肪＋苏丹Ⅲ(Ⅳ)染液→橘黄色(红色)； 线粒体＋健那绿染液→蓝绿色。{2017化学导与练课后作业答案}.

8 9 10多，释放能量也多。 11．自由水/ 12平衡。

二、必明易误——这是考场失分的迷点 1．判断有关元素叙述的正误

(1)核苷酸中同时含有磷和氮元素( )

加热

(2)在人体活细胞中氢原子的数目最多( ) (3)蛋白质区别于脂质的特有元素是N( ) (4)细胞中一种元素的作用能被其他元素替代( ) (5)细胞中的脱氧核苷酸和脂肪酸都不含有N( )

(6)细胞中的微量元素因含量极少而不如大量元素重要( ) 2．判断有关水分叙述的正误

(1)在最基本的生命系统中，H2O有自由水和结合水两种存在形式( ) (2)自由水可作为细胞内化学反应的反应物( ) (3)同种植物萌发种子的含水量与休眠种子的相同( ) (4)贮藏中的种子不含水分，以保持休眠状态( ) 3．判断有关糖类和脂质叙述的正误

(1)甜菜里的蔗糖经水解可产生葡萄糖和果糖( ) (2)乳汁中的乳糖经水解可产生葡萄糖和半乳糖( ) (3)发芽小麦种子中的麦芽糖经水解可产生果糖( ) (4)多糖在细胞中不与其他分子相结合( ) (5)糖类不参与细胞识别和免疫调节( )

(6)构成纤维素的单体是葡萄糖和果糖，葡萄糖和果糖分子均有还原性( (7)维生素D和性激素不属于固醇类物质( ) (8)脂肪酸和磷脂含有的元素相同( )

(9)质量相同时，脂肪比糖原有氧氧化释放的能量多( ) (10)脂质不参与生命活动的调节( ) 4．判断有关核酸及蛋白质叙述的正误

(1)双链DNA分子中一条链上磷酸和核糖是通过氢键连接的( ) (2)DNA和RNA分子的碱基组成相同( ) (3)核酸是生物体储存遗传信息的物质( )

(4)DNA分子中两条脱氧核苷酸链之间的碱基一定是通过氢键连接的( (5)DNA有氢键，RNA没有氢键( ) (6)一种病毒同时含有DNA和RNA( ) (7)原核细胞中既有DNA，也有RNA( ) (8)叶绿体、线粒体和核糖体都含有DNA( )

(9)真核生物以DNA为遗传物质，部分原核生物以RNA为遗传物质( (10)血红蛋白中不同肽链之间通过氢键连接( )

三、必知特例——这是命题人设置陷阱的首选

) ) )

1．有关原核细胞与真核细胞的七个“不一定”

2．有关细胞分子组成的八个“不一定”

四、必记规律(方法)——这是快速破题的法典 1．化合物元素组成的规律

(1)糖类、脂肪、蛋白质和核酸的元素组成关系为：

(2)其他几种常见化合物的元素组成关系：

2．有关蛋白质的计算规律 (1)肽键数：

①链状肽：肽键数＝失去水分子数＝氨基酸数－肽链数。 ②环状肽：肽键数＝氨基酸数＝失去水分子数。 (2)游离氨基或羧基数目：

①至少含有的游离氨基或羧基数＝肽链数。

②游离氨基或羧基数目＝肽链数＋R基中含有的氨基或羧基数。 (3)利用原子守恒计算蛋白质中各元素的原子数：

①N原子数＝肽键数＋肽链数＋R基上的N原子数＝各氨基酸中N原子的总数。 ②O原子数＝肽键数＋2×肽链数＋R基上的O原子数＝各氨基酸中O原子的总数－脱水数。

③H原子数＝各氨基酸中H原子的总数－2×脱水数。 3．蛋白质与核酸图解关系的规律

4．DNA和RNA在组成等方面的规律

Ⅰ—2 细胞的结构与物质的输入和输出

一、必背术语——这是高考命题的源泉

1

2蛋白质的种类和数量越多。

3

4成成分。

5生间接转化。

6．细胞器参与的一些生命活动

(1)供能)合成载体蛋白)。 (2)产生ATP

(3)体。

(4)(间期蛋白质合成)(发出星射线构成纺锤体)、高尔基体(与植物细胞分裂时细胞壁的形成有关)、线粒体(供能)。

7 8

9．核仁与较大。

10

11．溶酶体的功能：②吞噬并杀死侵入细胞的病毒或病菌。

2017化学导与练课后作业答案篇五

【导与练】2017年高中物理 第2章 恒定电流检测试题(含解析)

第2章 恒定电流

(时间:90分钟 满分:100分)

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一、选择题(共12小题,每小题4分,共48分.1～7题为单项选择题,8～

12题为多项选择题,选对但不全的得2分)

1.某同学选用规格合适的电表,准备用伏安法测一只灯泡的电阻,接线时不慎将电压表和电流表的位置接错,如图所示,S闭合后结果是( D )

A.电压表烧坏 B.电流表烧坏 C.灯泡烧坏 D.灯泡不亮

解析:由于电压表串联在电路中,导致电路电流非常小,故灯泡不亮,电压表有示数,电流表几乎无示数,故选项D正确.

2.在研究微型电动机的性能时,应用如图所示的实验电路.S闭合后,当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.50 A

和2.0 V.重新调节R并使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2.0 A和24.0 V.则这台电动机正常运转时输出功率为( A )

A.32 W B.44 W C.47 W D.48 W

解析:当电动机停止转动时,电动机内阻r=4 Ω,当I=2.0 A和U=

2

24.0 V时,电动机正常运转时输出功率为P出=IU-Ir=(2.0×24.0

2

-2.0×4)W=32 W,选项A正确.

3.如图所示的电路中,闭合开关S后,灯L1和L2都正常发光,后来由于某种故障使灯L2突然变亮,电压表读数增加,由此推断,这故障可能是( B )

A.灯L1灯丝烧断

B.电阻R2断路 C.电阻R2短路 D.电容器被击穿短路

解析:

增大,外电